时间:2019-07-03 23:26:09
1、选择题 能促进水的电离，并使溶液中c(H+)>c(OH－)的操作是（?）
①将水加热煮沸?②向水中投入一小块金属钠?③向水中通CO2
④向水中通NH3?⑤向水中加入明矾晶体?⑥向水中加入NaHCO3固体
⑦向水中加NaHSO4固体
A．①③⑥⑦
B．①③⑤⑥
C．⑤⑦
D．⑤
参考答案：D
本题解析：大量吸热，所以升高温度，促进电离，但纯水仍然显中性。钠溶于水生成氢氧化钠，增大OH－的浓度，抑制水的电离。同样③④⑦的水溶液均电离出氢离子或OH－，抑制水的电离。⑤⑥属于盐类的水解，促进电离，其中⑤水解显酸性，⑥水解显碱性，所以答案选D。
本题难度：一般
2、选择题 pH=11的X、Y两种碱溶液各10mL，分别稀释至1000mL。其pH与溶液体积（V）的关系如图所示，下列说法正确的是（?）
A．X、Y两种碱的物质的量浓度一定相等
B．稀释后，X溶液碱性比Y溶液碱性强
C．若9＜a＜11，则X、Y都是弱碱
D．完全中和X、Y两溶液时，消耗同浓度盐酸的体积VX＞VY
参考答案：C
本题解析：由于稀释可以促进弱电解质的电离，所以对于pH相等的碱溶液，相对弱的碱的pH减小的幅度要小，即酸Y较弱；均稀释到1L时，Y的碱性略强。
由图知两种碱的碱性强弱Y<X，所以pH=11时的两溶液，由c(H＋)=c·α公式可知，两碱的物质的量浓度一定不相等；但Y是不是强碱，也不能肯定，如果a=9，则可肯定X为强碱，否则为弱碱
D：由Y的碱性较弱，再由c(H＋)=c·α可知Y的c较大，，其物质的量较大，中和时耗盐酸较多
本题难度：一般
3、选择题 关于常温下pH＝2的醋酸溶液，下列叙述正确的是
A．c(CH3COOH)＝0.01mol·L-1
B．c(H+)＝c(CH3COO-)
C．加水稀释100倍后，溶液pH＝4
D．醋酸的电离常数为Ka，CH3COO-的水解常数为Kh，则Ka·Kh=Kw
参考答案：D
本题解析：醋酸部分电离，它的起始物质的量浓度比c（H+）大得多，A错；由于水也电离出H+，c(H+)>c(CH3COO-)B错；加水稀释100倍，pH上升不到2个单位，C错。Kh=c（OH-）（CH3COOH）/c（CH3COO-），给表达式上下同乘以c（H+），方可推断出Ka·Kh=Kw。答案选D。
本题难度：一般
4、选择题 下列说法正确的是（?）
A．pH=2和pH=l的硝酸中c（H+）之比为10：1
B．一元酸与一元碱恰好完全反应后的溶液中一定存在c（H+）=c（OH-）
C．KAl（SO4）2溶液中离子浓度的大小顺序为c（SO2-4）>c（K+）>c（Al3+）>c（H+）>c（OH-）
D．常温下，将pH均为12的氨水和NaOH溶液分别加水稀释100倍后，NaOH溶液的pH较大
参考答案：C
本题解析：A:pH=2和pH=l的硝酸中c（H+）之比为1：10，排除
B：酸碱中和后溶液不一定呈中性，c（H+）与c（OH-）不一定相等，不正确
C：由于铝离子部分水解，溶液呈酸性，正确
D：由于弱碱存在电离平衡，在稀释过程中可以促进其电离，故稀释相同倍数后，氨水的pH较大，不正确
答案为C
本题难度：简单
5、实验题 （12分）某学生用0.l000mol.L-l盐酸标准溶液测定某烧碱样品的纯度（杂质不与盐酸反应）。实验步骤如下：
（1）配制待测液：用2.50 g含有少量杂质的固体烧碱样品配制500 mL溶液。需用的玻璃仪器除了烧杯、胶头滴管、玻璃棒外，还需要??。
（2）滴定：
I．用蒸馏水洗涤酸式滴定管，并立即注入盐酸标准溶液至“O”刻度线以上
Ⅱ．固定好滴定管并使滴定管尖嘴充满液体，调节液面至“0”或“O”刻度线以下，并记录读数
Ⅲ．移取20.OOmL待测液注入洁净的锥形瓶中，并加入2滴酚酞试液
Ⅳ．用标准液滴定至终点，记录滴定管液面读数。
①上述滴定步骤中有错误的是（填编号）?，该错误操作会导致测定结果?（填“偏大”、“偏小”或“无影响”）。
②步骤Ⅳ中滴定时眼睛应?：判断滴定终点的现象是?。
③若步骤II中仰视读数，步骤Ⅳ中俯视读数，则会使测定结果?（填“偏大”、“偏小”或“无影响’"）。
（3）按正确操作测得有关数据记录如下：
| ? 滴定次数 | ? 待测液体积 | 标准盐酸体积(mL) | |
| 滴定前读数(mL) | 滴定后读数(mL) | ||
| 第一次 | 20.00 | 0.20 | 20.38 |
| 第二次 | 20.00 | 4.00 | 24.20 |
| 第三次 | 20.00 | 2.38 | a |
参考答案：（12分）(1) 500ml容量瓶（1分）? (2)①Ⅰ（2分）?偏大（1分）?
②注视锥形瓶中溶液颜色的变化（1分）?
溶液由红色刚好变为无色，且半分钟内不变色（2分）
③偏小（1分）? (3) ①22.60（2分）?②80.8%（2分）
本题解析：(1) 配制500ml溶液时，需要500ml容量瓶，所以还需要500ml容量瓶。
（2）①滴定管用水洗涤后，还需要用标准液润洗，否则相当于稀释溶液，因此盐酸的浓度降低，消耗的盐酸溶液体积偏大，则测定结果偏高。
②步骤Ⅳ中滴定时眼睛应注视锥形瓶中溶液颜色的变化。由于选择的指示剂是酚酞，所以终点时的现象是溶液由红色刚好变为无色，且半分钟内不变色。
③若步骤II中仰视读数，则读数偏大。步骤Ⅳ中俯视读数，读数偏小，所以消耗溶液的体积偏少，因此测定结果偏小。
（3）根据滴定管的结构可知，此时的读数应该是a＝22.60ml。根据表中数据可知，三次实验中消耗盐酸的体积是20.18ml、20.20ml、20.22ml，所以三次实验的平均值是20.20ml，则氢氧化钠的物质的量是0.00202mol，则纯度是
。
点评：判断中和滴定中的误差分析的总依据为：由C测==C标V标/V测。由于C标、V待均为定植，所以C测的大小取决于V标的大小，即V标：偏大或偏小，则C测偏大或偏小。根据产生误差的来源，从以下几个方面来分析：①洗涤误差；②读数误差；③气泡误差；④锥形瓶误差；⑤变色误差；⑥样品中含杂质引起的误差等，需要具体问题具体分析。
本题难度：一般