1、选择题  以下反应常用于合成电子、陶瓷工业常用的氮化铝（AlN）Al2O3+N2+3C

高中化学必备知识点《氧化还原反应中的规律》考点特训（2019年冲刺版）

时间:2019-06-25 22:10:10

参考答案：A、N元素的非金属性强，铝元素显+3价，根据正负化合价的代数和为0，AlN中N为-3价，故A正确；
B、依据反应Al2O3+N2+3C?高温?.?2AlN+3CO，氮元素化合价降低，碳元素化合价升高，每断裂NA个N≡N，电子转移为6mol，故B错误；
C、Al2O3+N2+3C?高温?.?2AlN+3CO中，碳元素的化合价由0升高到+2价，氮元素的化合价由0降低为-3价，在氮化铝的合成反应中，N2是氧化剂，C是还原剂，故C错误；
D、氮元素的化合价由0降低为-3价，碳元素化合价升高，碳是反应的还原剂，故D错误；
故选A．

本题解析：

本题难度：简单

2、填空题  （1）在反应2KMnO4+16HBr═5Br2+2MnBr2+2KBr+8H2O中，还原剂是______．
（2）反应：KCN+H2O2+H2O═A+NH3↑（已配平），则生成物A的化学式为______，H2O2被称为“绿色氧化剂”的理由是______．
（3）浓盐酸在反应KClO3+HCl-→KCl+ClO2+Cl2+______（补充完整）中显示出来的性质是______．
（4）在一定条件下，PbO2与Cr3+反应，产物是Cr2O72-和Pb2+，则与1molCr3+反应所需PbO2的物质的量为______．

参考答案：（1）2KMnO4+16HBr═5Br2+2MnBr2+2KBr+8H2O中，Br元素的化合价升高，则HBr为还原剂，故答案为：HBr；
（2）由原子守恒可知A的化学式为KHCO3，H2O2被称为“绿色氧化剂”，其还原产物为水，H2O没有污染性，故答案为：KHCO3；还原产物为水，H2O没有污染性；
（3）由原子守恒可知还生成的产物为H2O，反应中生成KCl为盐类物质，生成氯气时HCl中Cl元素的化合价升高，表现其还原性，故答案为：H2O；酸性和还原性；
（4）氧化还原反应，得失电子守恒，则设所需PbO2的物质的量为x，由电子守恒得1mol×（6-3）=x×（4-2），解得x=1.5mol，故答案为：1.5mol．

本题解析：

本题难度：简单

3、选择题  下列变化中，必须加入还原剂才能实现的是（　　）
A．MnO2→Mn2+
B．Zn→Zn2+
C．H2→H2O
D．CuO→CuCl2

参考答案：A、MnO2→Mn2+中锰元素得电子化合价降低，所以二氧化锰作氧化剂，必须加入还原剂才能实现，故A正确．
B、Zn→Zn2+中锌失电子化合价升高，所以锌作还原剂，必须加入氧化剂才能实现，故B错误．
C、H2→H2O中氢元素失电子化合价升高，所以氢气作还原剂，必须加入氧化剂才能实现，故C错误．
D、CuO→CuCl2中铜元素化合价不变，所以不是氧化还原反应，故D错误．
故选A．

本题解析：

本题难度：一般

4、选择题  实验室常利用以下反应制取少量氮气：NaNO2+NH4Cl═NaCl+N2↑+2H2O关于该反应的下列说法不正确的是（　　）
A．NH4Cl氮元素被还原
B．每生成1?mol?N2时，转移电子的物质的量为3?mol
C．被氧化的氮原子与被还原的氮原子之比为1：1
D．N2既是氧化产物，又是还原产物

参考答案：由NaNO2+NH4Cl═NaCl+N2↑+2H2O可知，NaNO2中N元素的化合价由+3价降低为0，NH4Cl中N元素的化合价由-3价升高为0，
A．NH4Cl中N元素的化合价升高，则N元素被氧化，故A错误；
B．由化合价变化可知，每生成1?molN2时，转移电子的物质的量为（3-0）mol=3mol，故B正确；
C．由电子守恒可知，被氧化的氮原子与被还原的氮原子之比为1：1，故C正确；
D．该反应中只有N元素的化合价变化，则生成物中的N2既是氧化产物，又是还原产物，故D正确；
故选A．

本题解析：

本题难度：简单

5、选择题  工业上制备金刚砂（化学式为SiC）的反应为：SiO2+3C?

参考答案：因SiO2+3C═SiC+2CO↑中，碳元素的化合价既升高又降低，则碳既是氧化剂又是还原剂，
碳由0降低为-4价时，作氧化剂，碳由0升高到+2价时，作还原剂，
由方程式中的碳原子守恒，可知：
氧化剂与还原剂的物质的量之比为1：2，
故选D．

本题解析：

本题难度：简单