时间:2019-05-30 04:26:10
1、选择题 在HAc
H++Ac-的电离平衡中，要使电离平衡向左移动，应采取的措施是（?）
A．加HAc
B．加NaAc
C．加水
D．加NaOH
参考答案：B
本题解析：略
本题难度：简单
2、选择题 草酸是二元中强酸，草酸氢钠溶液显酸性。常温下，向10 mL 0.01 mol/LNaHC2O4溶液中滴加0.01 mol/L NaOH溶液，随着NaOH溶液体积的增加，溶液中离子浓度关系正确的是
A．V（NaOH）=0时，c（H+）=1×10-2mol/L
B．V（NaOH）＜10mL时，不可能存在c（Na+）=2c（C2O42-）+c（HC2O4-）
C．V（NaOH）=10mL时，c（H+）=1×10-7mol/L
D．V（NaOH）＞10mL时，c（Na+）＞c（C2O42-）＞c（HC2O4-）
参考答案：D
本题解析：A、草酸是二元中强酸，V（NaOH）＝0时，NaHC2O4不能完全电离出H+，则c（H+）＜1×10-2mol?L-1，故A错误；B、V（NaOH）＜10mL时，溶液中溶质为NaHC2O4、Na2C2O4，当电离程度等于水解程度，即c（H+）＝c（OH-），存在c（Na+）＝2c（C2O42-）+c（HC2O4-?），故B不正确；C、V（NaOH）＝10?mL时，溶液中溶质为Na2C2O4，溶液显碱性，则c（H+）＜1×10-7mol?L-1，故C错误；D、V（NaOH）＞10?mL时，溶液中溶质为NaOH、Na2C2O4，C2O42-水解生成HC2O4-，则离子浓度为c（Na+）＞c（C2O42-）＞c（HC2O4-?），故D正确；故选D。
本题难度：一般
3、填空题 （1）水的电离平衡曲线如图所示，若A点表示25 ℃时水的电离达平衡时的离子浓度，B点表示95 ℃时水的电离达平衡时的离子浓度。则95℃时0.1 mol·L－1的NaOH溶液中，由水电离出的 c(H＋)= mol·L－1，Kw(25 ℃) Kw(95℃)(填“>”、“<”或“＝”)。25 ℃时，向水的电离平衡体系中加入少量NH4Cl 固体，对水的电离平衡的影响是 (填“促进”、“抑制”或“不影响”)。
（2）25℃时，在0.1L 0.2 mol·L-1的HA溶液中，有0.001mol的HA电离成离子，则该溶液的pH= ，电离度为 。
（3）电离平衡常数是衡量弱电解质电离程度强弱的量（已知如表数据）。向NaCN溶液中通入少量CO2，所发生反应的化学方程式为 。
| 化学式 | 电离平衡常数(25 ℃) |
| HCN | K＝4.9×10－10 |
| H2CO3 | K1＝4.3×10－7、K2＝5.6×10－11 |
参考答案：（1）1×10－11、 < 、 促进 （2） 2 、 5% （3）NaCN＋H2O＋CO2=HCN＋NaHCO3
本题解析：（1）由图中曲线可知，25℃时水的离子积Kw = c(H＋) × c(OH-)=10－14 ，95℃时水的离子积Kw = c(H＋) × c(OH-)=10－12 ，Kw(25 ℃)> Kw(95℃)，且95℃的氢氧化钠溶液中，当c(OH-)="0.1" mol·L－1 时，由水电离的c(H＋) =10－12 /0.1 mol·L－1 =10－11 ；往水中加水解的盐，将促进水的电离。
（2）因为HA为一元酸，所以有0.001molHA电离，则C(H+)="0.001mol÷0.1L=0.01" mol/L，所以pH=-lgC(H+)=2，电离度α=n电离/n总="0.001" mol÷(0.1L×0.2 mol/L) ×100%=5%。
（3）电离平衡常数是衡量弱电解质电离程度强弱的量，所以酸的电离常数越大，则说明该酸酸性越强。所以从右表数据可知，酸 性比较：H2CO3 >HCN>HCO3- ，所以根据强酸制弱酸原理，往NaCN溶液中通入少量CO2 发生的化学方程式为NaCN＋H2O＋CO2=HCN＋NaHCO3 。
考点：本题主要考查的是水的离子积常数的影响因素。
本题难度：一般
4、选择题 常温下，向等物质的量浓度的两种一元酸的盐溶液中，分别通入少量的CO2，发生如下反应：
NaA+ CO2+ H2O==HA+NaHCO3
2NaB+CO2+H2O==2HB+ Na2CO3，
则等物质的量浓度的HA和HB溶液电离出H+的能力大小关系是
[? ]
参考答案：A
本题解析：
本题难度：一般
5、选择题 将已污染的空气通入某溶液，测其导电性的变化，能获得某种污染气体的含量。如把含H2S的空气通入CuSO4溶液，导电性变化不大但溶液吸收H2S的容量大；若用溴水，则吸收容量不大而导电性变化大。现要测量空气中的含氯量，并兼顾容量和导电性变化的灵敏度，最理想的吸收溶液是（?）
A．NaOH溶液?
B．蒸馏水?
C．Na2SO3溶液?
D．KI溶液)
参考答案：C
本题解析：本题错解之一是由于思维定势，对液体吸收气体容量大简单地理解为溶解度较大。常温下氯气在水中的溶解度为1∶2，属于可溶范围，符合吸收容量大的条件；再考虑氯气溶于水生成盐酸和次氯酸的导电性比蒸馏水大大增强，灵敏度也好。因此，选择了B选项。实际上气体的溶解度表示的是在1L水中溶解的气体体积数，而相同物质的量的气体和液体、固体在体积上相差一千倍左右，如1mol任何气体在标准状况下的体积为22.4L；1mol水18 mL。若1L溶液中含有1mol溶质，它吸收1mol的气体(22.4L)，比溶解的气体多得多，何况溶质的物质的量大，吸收的容量将更大。错解之二是知识欠缺，只知道氯气能和NaOH溶液反应，生成氯化钠和次氯酸钠，生成物的种类增多，导电的离子浓度增大。因此，兼顾容量和导电性变化的灵敏度，实际上氯气和氢氧化钠的反应如下：Cl2+2NaOH
NaCl+NaClO+H2O，2mol NaOH反应，生成1mol氯化钠和1mol次氯酸钠，离子浓度没有改变，导电能力不变。由于氯气和亚硫酸钠发生如下反应：Cl2+Na2SO3+H2O2HCl+Na2SO4，从吸收容量上看，用亚硫酸钠溶质吸收氯气符合题意容量大的要求；从反应方程式上看：1mol亚硫酸钠转化为1mol硫酸钠和2mol盐酸，离子的浓度增大1倍(从离子所带电荷总量看)，符合导电性增强。选项C为正确答案。
本题难度：简单