时间:2019-07-11 04:41:39
1、计算题 ?如图所示，某人距离墙壁10m起跑，向着墙壁冲去，挨上墙之后立即返回出发点。设起跑的加速度为4 m/s2，运动过程中的最大速度为4 m/s，快到达墙根时需减速到零，不能与墙壁相撞。减速的加速度为8 m/s2，返回时达到最大速度后不需减速，保持最大速度冲到出发点．求该人总的往返时间为多少？
参考答案：6.25 s
本题解析：加速阶段：t1＝
＝1 s； （1分）
s1＝
vm
xt1＝2 m（2分）
减速阶段：t3＝
＝0.5 s；（1分）
s3＝vmxt3＝1 m（2分）
匀速阶段：t2＝
＝1.75 s （1分）
由折返线向起点(终点)线运动的过程中
加速阶段：t4＝＝1 s；（1分）
s4＝vm
xt4＝2 m（2分）
匀速阶段：t5＝
＝2 s （1分）
该人总的往返时间为t＝t1＋t2＋t3＋t4＋t5＝6.25 s（1分）
本题难度：简单
2、选择题 如图所示，一足够长的木板在光滑的水平面上以速度v匀速运动，现将质量为m的小物块对准木板的前端轻放，要使木板的运动速度保持不变，在物体开始接触木板到它与木板相对静止的过程中，需要对木板施加水平向右的力F，那么，在此过程中力F做功的数值为(已知物体与木板之间的动摩擦因数为μ)(? )
A．
B．
C．mv2
D．2mv2
参考答案：C
本题解析：小物块在木板上滑动的过程中，受重力mg、木板的支持力N和滑动摩擦力f作用，做匀加速直线运动，由于木板足够长，因此最终物块与木板具有相同的速度v，一起匀速运动，往后将不再需要力F作用于木板，设物块加速运动的位移为s1，时间为t，在此过程中，木板运动的位移为s2，根据匀变速直线运动规律和匀速直线运动规律有：s1＝
，s2＝vt，根据滑动摩擦定律可知：f＝μmg，根据动能定理有：fs1＝－0，由功的定义式可知，力F做的功为：WF＝Fs2，由于开始时木板做匀速运动，因此，根据共点力平衡条件有：F＝f，联立以上各式解得：WF＝mv2，故选项C正确。
本题难度：一般
3、选择题 如图所示，表示物体做匀变速直线运动的图象是（ ）
A．
B．
C．
D．
参考答案：A、物体的速度均匀减小，做匀减速直线运动．故A正确．
? B、表示物体向负方向做匀速直线运动．故B错误．
? C、表示物体向正方向做匀速直线运动．故C错误．
? D、速度不随时间变化，表示物体做匀速直线运动．故D错误．
故选A
本题解析：
本题难度：一般
4、选择题 小明沿直线上学，先以V1的平均速度走完前半位移，后以V2的平均速度走完后半位移，放学回家则前半时间以V1的平均速度，后半时间以V2的平均速度直线走回家，则小明上学和放学的平均速度大小分别是（ ）
A．
| 2V1V2 V1+V2 |
| V1+V2 2 |
| V1+V2 2V1V2 |
| 2V1V2 V1+V2 |
| V1V2 2(V1+V2) |
| V1+V2 2 |
| 2V1V2 V1+V2 |
| V1V2 2(V1+V2) |
参考答案：设甲的平均速度v甲，乙的平均速度v乙，那么由.v=xt得
v甲=ssv1+sv2=2V1V2V1+V2
v乙=12V1t+12V2tt=V1+V22
故选：A．
本题解析：
本题难度：简单
5、选择题 一般变速直线运动的物体，加速度逐渐变小，直到为零，则物体的运动情况可能是（ ）
A．速度逐渐增大，加速度为零时速度最大
B．速度方向可能改变
C．速度逐渐减小，加速度为零时速度最小
D．速度逐渐增大，方向可能改变
参考答案：ABC
本题解析：
本题难度：简单