时间:2019-06-28 05:43:45
1、选择题 如图所示是电阻R的I－U图象，由此得出
A．电阻R＝0.5Ω
B．通过电阻的电流与两端电压成正比
C．因I－U图象的斜率表示电阻的倒数，故R＝
=1.0Ω
D．在R两段加上2.0 V的电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量是1.0 C
参考答案：BD
本题解析：电阻I－U图象的斜率等于电阻的倒数，结合题图分析可知电阻R＝2Ω，A、C错误；由于I－U图象为过原点的一条直线，故通过电阻的电流与两端电压成正比，B正确；在R两段加上2.0 V的电压时，通过电阻的电流为1A，则每秒通过电阻横截面的电荷量是1.0 C，D正确。
本题难度：一般
2、选择题 在如图所示电路中，当变阻器R3的滑动头P向下移动时，（ ）
A．电压表示数变大，电流表示数变小
B．电压表示数变小，电流表示数变大
C．电压表示数变大，电流表示数变大
D．电压表示数变小，电流表示数变小
参考答案：当滑片向下移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中总电阻增大，则由闭合电路欧姆定律可得，电路中总电流减小，故内压减小；因此路端电压增大，故电压表示数变大；
将R1等效为内阻，则可知并联部分电压一定增大，故流过R2的电流增大，因总电流减小，故电流表示数减小；故A正确，BCD错误；
故选A．
本题解析：
本题难度：一般
3、简答题 利用如图所示的电路可以测出电池的电动势和内阻．当滑动变阻器的滑动片在某一位置时，电流表和电压表的计数分别是0.30A和2.94V．把滑动变阻器的滑动片移动另一位置时，电流表和电压表的计数分别是0.40A和2.92V．求电池的电动势和内阻．
参考答案：解；由E=U+Ir得：
E=0.3r+2.94，
E=0.4r+2.92；
联立解得：
r=0.2Ω，E=3V
答：电动势为3V，内阻为0.2Ω．
本题解析：
本题难度：一般
4、选择题 如图所示，设变压器为理想变压器，并保持输入电压U1不变，L为串联在原线圈的灯泡，L1、L2、L3、L4为副线圈的负载，当滑动变阻器R的滑片向下移动时（ ）
A．L1灯亮度不变
B．L2灯亮度减弱
C．L3灯亮度减弱
D．L4灯亮度增加
参考答案：A、当滑动变阻器R的滑片向下移动时，导致总电阻减少，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，则有副线圈的总电流增大．即L1灯亮度增强．故A错误；
B、当滑动变阻器R的滑片向下移动时，导致总电阻减少，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，则有副线圈的总电流增大．由于L1灯两端电压增大，则L4灯两端电压减小，所以L2灯电流增大，因此L2灯亮度增强，故B错误；
C、当滑动变阻器R的滑片向下移动时，导致总电阻减少，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，则有副线圈的总电流增大．由于L1灯两端电压增大，则L4灯两端电压减小，所以L2灯电流增大，因此L2灯电压增加，则有L3灯电压减小，所以L3灯亮度减弱．故C正确；
D、当滑动变阻器R的滑片向下移动时，导致总电阻减少，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，则有副线圈的总电流增大．由于L1灯两端电压增大，则L4灯两端电压减小，所以L4灯电流减小，则通过，故D错误；
故选：C
本题解析：
本题难度：简单
5、选择题 19世纪30年代，法拉第曾提出电荷周围存在一种场，而非存在“以太”。后来人们用电荷在场空间受力的实验证明了法拉第观点的正确性，所用方法叫做“转换法”。下面给出的四个研究实例中，采取的方法与上述研究方法相同的是
A．牛顿通过对天体现象的研究，总结出万有引力定律
B．伽利略用逻辑推理否定了亚里士多德关于落体运动的认识
C．欧姆在研究电流与电压、电阻关系时，先保持电阻不变研究电流与电压的关系；然后再保持电压不变研究电流与电阻的关系
D．奥斯特通过放在通电直导线下方的小磁针发生偏转得出通电导线周围存在磁场的结论
参考答案：D
本题解析：牛顿通过对天体现象的研究，总结出万有引力定律，通过模型来揭示原型的形态、特征和本质的模型法．故A错误
伽利略用逻辑推理否定了亚里士多德关于落体运动的认识，是利用反证法否定，重的物体比轻的物体下落快，故B错误
欧姆在研究电流与电压、电阻关系时，先保持电阻不变研究电流与电压的关系；然后再保持电压不变研究电流与电阻的关系，是利用控制变量法，故C错误
奥斯特通过放在通电直导线下方的小磁针发生偏转得出通电导线周围存在磁场的结论，因为磁场看不见摸不着，所以通过磁场对磁针有力的作用，通过转换法，可知电流周围有磁场，故D正确
故选D
本题难度：一般