时间:2019-03-15 17:58:06
1、简答题 用单摆测定重力加速度时，某同学测得的数值小于当地重力加速度的真实值，引起这一误差的可能原因是______：
A．测摆线长时摆线拉得过紧
B．摆线上端悬点未固定好，摆动中出现松动
C．计算摆长时，忘记了加小球半径
D．读单摆周期时，读数偏大．
参考答案：A、摆线拉的过紧会导致测量的摆长偏长，根据g=4π2LT2，测出的重力加速度数值偏大．故A错误；
B、摆线松动会导致测量的摆长偏小，根据g=4π2LT2，测出的重力加速度数值偏小，故B正确；
C、计算摆长时，忘记了加小球半径会导致测量的摆长偏小，根据g=4π2LT2，测出的重力加速度数值偏小．故C正确；
D、数振动次数时，读数偏大，则测出的周期偏小，根据g=4π2LT2，测出的重力加速度数值偏大，故D错误；
故选BC．
本题解析：
本题难度：一般
2、填空题 一弹簧振子，周期是0.5s，振幅为2cm，当振子通过平衡位置向右运动时开始计时，那么2秒内振子完成______次全振动，通过路程______cm，在2.4s末，振子位于平衡位置______侧，向______方向运动．
参考答案：周期是0.5s，那么2秒内振子完成全振动的次数为：n=tT=20.5=4次
一个周期振子运动的路程等于4倍振幅，所以振子通过的路程为：x=n×4A=4×4×2cm=32cm；
在2.4s末，振子经历：t′T=2.40.5=4.8＞4.75所以振子正在从左侧的最大位移处向平衡位置运动，所以在平衡位置的左侧，运动的方向向右．
故答案为：4，32，左，右
本题解析：
本题难度：一般
3、选择题 下列说法中正确的是 （ ）
A．在“探究单摆的周期与摆长的关系”实验中，为减小偶然误差，应测出单摆作n次全振动的时间t，利用T=
| t n |
参考答案：A、在“探究单摆的周期与摆长的关系”实验中，为减小偶然误差，应测出单摆作n次全振动的时间t，利用T=tn 求出单摆的周期，A正确；
B、条纹间距公式△x=Ldλ，红光的波长比绿光长，若仅将入射光由绿光改为红光，则干涉条纹间距变宽，B正确；
C、麦克斯韦提出电磁场理论并预言电磁波存在，后来由赫兹用实验证实电磁波的存在，C错误；
D、考虑相对论效应，沿自身长度方向高速运动的杆长总比静止时的杆长短，D错误；
故选AB
本题解析：
本题难度：一般
4、填空题 （1）实验室中有一种游标卡尺，其游标尺有10格，总长为19mm。游标上每格比主尺上2 mm少0.1mm，故其精度为0.1mm。如图所示，用这种游标卡尺测量小球的直径，则直径为_________mm。
参考答案：
本题解析：
分析：（1）游标卡尺的读数.
本题中游标卡尺的精度为0.1mm；游标卡尺读数先读大于1mm的整数部分，再读不足1mm的小数部分．
（2）机械秒表读数
机械表的长针是秒针，转一周是30s．大表上面读秒，小表读30s的整数倍倍数．单摆的摆动周期为完成一次全震动的时间．
解：（1）10分度，精度为0.1mm
大于1mm的整数部分为22mm，由于游标尺上第六个刻线（除零刻线）与主尺刻线对齐，故不足1mm的小数部分为0.6mm，因而读数为22.6mm；
故答案为：22.6．
（2）表的读数方法是：短针读数（t1）+长针读数（t2）
从短针看出时间大于30s而小于60s，因而时间为54.4s
单摆的摆动周期T=
=1.81s；
故答案为：22.6, 54.4，1.81．
本题难度：一般
5、选择题 （选修3-4选做题）
以下说法中正确的有
[? ]
A．单摆做简谐运动的周期与摆长有关
B．做受迫振动的物体的振动频率与驱动力的频率无关，它总是等于物体的固有频率
C．真空中的光速在不同的惯性参考系中是不同的，与光源和观察者的运动有关
D．机械波的传播依赖于介质，而电磁波可以在真空中传播
参考答案：AD
本题解析：
本题难度：简单