时间:2018-10-11 01:04:53
1、选择题 如图所示，电源电动势大小为E，内阻大小为r，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向左的过程中（ ）
A．电流表读数变小，电压表读数不变
B．小电珠L变亮
C．处于电容器C两板间某点的一个负点电荷所具有的电势能变小
D．电源的总功率变大
参考答案：
A、B当滑片向左滑动的过程中，其有效阻值变大，所以根据闭合电路欧姆定律得知：干路电流变小，路端电压变大，电流表读数变小，电压表读数变大，小电珠L变暗．故AB错误．
C、与变阻器并联的电容器两端电压变大，由于负电荷所在处电势为正值，则其在电场中的电势能由于为负值，电势能随电压增大而变小，故C正确．
D、电源的总功率P=EI，与电流的大小成正比，则知电源的总功率变小．故D错误．
故选C
本题解析：
本题难度：一般
2、选择题 图甲为某一小灯泡的U-I图线，现将两个这样的小灯泡并联后再与一个4Ω的定值电阻R串联，接在内阻为1Ω、电动势为5V的电源两端，如图乙所示，则（ ）
A．通过每盏小灯泡的电流强度为0.2A，此时每盏小灯泡的电功率为0.6W
B．通过每盏小灯泡的电流强度为0.3A，此时每盏小灯泡的电功率为0.6W
C．通过每盏小灯泡的电流强度为0.2A，此时每盏小灯泡的电功率为0.26W
D．通过每盏小灯泡的电流强度为0.3A，此时每盏小灯泡的电功率为0.4W
参考答案：
设通过每个小灯泡的电流为I，电压为U，则电路中总电流为2I．根据闭合电路欧姆定律得
? U=E-2I（R+r）
代入得：U=5-10I
当U=0时，I=0.5A；当I=0时，U=5V，
在U-I图上作出U=5-10I的图象如图，此图线与小灯泡的U-I图线的交点即为乙图状态下小灯泡的工作状态，
由图读出通过每盏小灯泡的电流强度为I=0.3A，电压为U=2V，则此时每盏小灯泡的电功率为P=UI=0.6W．
故选B
本题解析：
本题难度：一般
3、填空题 在“探究太阳能转化为内能的效率”学生实验中，研究不同表面对太阳能转化为内能效率的影响．在实验中运用的科学研究方法之一是控制变量法．请举出其中一个被控制的变量是：______；实验得到的三只分别涂黑色、灰色和白色的瓶内温度随时间变化的图线，分别对应的是如图中的______线、______线和______线．
参考答案：影响太阳能转化为内能效率的因素有瓶子、初温、时间、光照等等，采用控制变量法时，其中一个被控制的变量是相同的瓶子（或相同的初温、相同的时间、相同的光照等）．
白色对光反射较多，黑色吸收较多，相同时间内黑色的瓶内温度升高较高，白色的瓶内温度升高较低，故黑色、灰色和白色的瓶内温度随时间变化的图线，分别对应的是如图中的1线、2线、3线．
故答案为：相同的瓶子（或相同的初温、相同的时间、相同的光照等），1、2、3；
本题解析：
本题难度：一般
4、实验题 （8分）交流发电机转子有n匝线圈，每匝线圈所围面积为S，匀强磁场的磁感应强度为B，匀速转动的角速度为
，线圈电阻为r，外电路电阻为R，当线圈处于中性面时开始计时，逆时针匀速转动180°过程中，求：
（1）通过R的电荷量q
（2）写出R两端的电压瞬时值的表达式
（3）R上产生的电热Q
（4）外力做的功W
参考答案：（1）
（2）
（3）
（4）
本题解析：（1）通过电阻R的电荷量
由闭合电路欧姆定律得，
由法拉第电磁感应定律得，
联立以上四式得：
（2分）
（2）线圈由中性面开始转动，感应电动势的瞬时值表达式为
由闭合电路欧姆定律可知，
电阻R两端的电压
解以上三式得： （2分）
（3）感应电动势的最大值为
感应电动势的有效值为
由闭合电路欧姆定律可知，
由焦耳定律可知，
，其中
解以上四式得：
（2分）
（4）线圈匀速转动，外力所做的功等于线圈转动过程中产生的总焦耳热，即
（2分）
考点：法拉第电磁感应定律 闭合电路欧姆定律 焦耳热 最大值和有效值
本题难度：一般
5、简答题 如图所示电路中，小灯L1、L2分别标有“6V，3W”、“6V，2W”字样，滑动变阻器的阻值为18Ω．当滑动变阻器的滑片P在a、b中点时，三只小灯均能正常发光，求：（1）小灯L3的额定电压；（2）小灯L3的额定功率．
参考答案：（1）由P=UI
得通过L1的电流I1=P1U1=36A=0.5A
通过L2的电流I2=P2U2=26A=13A
通过L3的电流I3=I1-I2=16A
R两端的电压UR=I3R=16×9V=1.5V
U3=U2-UR=4.5V
（2）小灯L3的额定功率P3=U3I3=0.75W
答：（1）小灯L3的额定电压为4.5V．
（2）小灯L3的额定功率为0.75W．
本题解析：
本题难度：一般