1、选择题 下列物质属于塑料的是
A.羊毛
B.锦纶
C.电木
D.白明胶
参考答案：C
时间:2017-01-13 07:34:25
1、选择题 下列物质属于塑料的是
A.羊毛
B.锦纶
C.电木
D.白明胶
参考答案：C
本题解析：C是酚醛树脂，属于塑料；A是动物的毛，属于蛋白质；B属于合成纤维；D属于合成黏合剂．
本题难度：简单
2、选择题 下列物质在酸性条件下氧化KI，自身发生如下变化：Fe3+→Fe2+；MnO4-→Mn2+；Cl2→2Cl-；HNO2→NO；
如果分别用等物质的量的这些物质氧化足量的KI，得到I2最多的是
A.Fe3+
B.MnO4-
C.Cl2
D.HNO2
参考答案：B
本题解析：分析：根据氧化还原反应中得失电子守恒的思想可知，在四个反应中氧化剂不一样，而还原剂均为碘化钾中的碘离子，如果分别用等物质的量的这些物质氧化足量的KI，得到I2最多的也就是比较每1mol氧化剂得电子的多少，谁得电子多谁氧化的KI多，生成的I2就多．
解答：由氧化还原反应中得失电子守恒，1mol氧化剂得电子越多，生成的I2就多；
A.1molFe3+→Fe2+得1mole-，
B.1molMnO4-→Mn2+得5mole-，
C.1molCl2→2Cl-得2mole-，
D、.1molHNO2→NO得1mole-；
显然B中1mol氧化剂得电子最多，生成的I2就最多，
故选B．
点评：本题综合考查氧化还原反应知识，侧重于氧化还原反应的计算，注意把握元素化合价的变化，根据氧化还原反应中氧化剂和还原剂之间得失电子数目相等计算．
本题难度：困难
3、选择题 能大量共存于同一溶液中，且当溶液中加入过量的NaOH溶液或少量稀硫酸时，都能产生白色沉淀的离子组是
A.Ba2+、Mg2+、NO3-、CO32-
B.K+、Ba2+、Cl-、HCO3-
C.H+、Ba2+、Al3+、Cl-
D.、Ba2+、Fe3+、Cl-
参考答案：B
本题解析：分析：根据离子之间不能结合生成水、沉淀、气体、弱电解质等，则离子能大量共存，再利用加入过量的NaOH溶液或少量稀硫酸时离子能结合沉淀，以此来解答．
解答：A．因Ba2+、Mg2+分别与CO32-结合生成沉淀，则不能共存，故A不选；
B．该组离子之间不反应，则能够共存，且加入过量NaOH溶液时Ba2+、OH-、HCO3-结合生成碳酸钡沉淀，加入少量硫酸时
Ba2+、SO42-结合生成硫酸钡沉淀，符合题意，故B选；
C．该组离子之间不反应，则能够共存，但加入过量NaOH溶液时不生成沉淀，加入少量硫酸时Ba2+、SO42-结合生成硫酸钡沉淀，故C不选；
D．该组离子之间不反应，则能够共存，但加入过量NaOH溶液时生成红褐色沉淀，加入少量硫酸时Ba2+、SO42-结合生成硫酸钡沉淀，故D不选；
故选B．
点评：本题考查离子的共存，熟悉离子之间的反应即可解答，注意加酸或碱发生的反应为学生解答的易错点，并注意沉淀的颜色来解答，题目难度不大．
本题难度：困难
4、选择题 将7.8gMg?Al合金溶于120ml?4mol/L?H2SO4中，当合金完全溶解后，再加入120ml?8mol/L的NaOH溶液，得到沉淀的质量为21.4g，则加入H2SO4时产生的氢气的物质的量为
A.0.4mol
B.0.6mol
C.0.8mol
D.1.0mol
参考答案：A
本题解析：分析：该溶液中始没有反应的离子是硫酸根离子和钠离子，溶液中硫酸根离子的物质的量为0.12L×4mol/L=0.48mol，硫酸根所带电荷为0.48mol×2=0.96mol；溶液中钠离子的物质的量0.12L×8mol/L=0.96mol，钠离子所带电荷为0.96mol×1=0.96mol；钠离子和硫酸根离子所带电荷相等，所以该溶液的溶质有硫酸钠．淀为氢氧化镁、氢氧化铝沉淀，铝元素全部以氢氧化铝形式存在．计算沉淀中氢氧根的质量，进而计算氢氧根的物质的量，根据电荷守恒可知，金属提供的电子的物质的量等于氢氧根的物质的量，再根据电子转移守恒，计算生成的氢气．
解答：溶液中硫酸根离子的物质的量为0.12L×4mol/L=0.48mol，硫酸根所带电荷为0.48mol×2=0.96mol；
溶液中钠离子的物质的量0.12L×8mol/L=0.96mol，钠离子所带电荷为0.96mol×1=0.96mol；
钠离子和硫酸根离子所带电荷相等，所以该溶液的溶质有硫酸钠．
所以沉淀为氢氧化镁、氢氧化铝沉淀，铝元素全部以氢氧化铝形式存在．
沉淀中氢氧根的质量为21.4g-7.8g=13.6g，氢氧根的物质的量为600)makesmallpic(this,600,1800);\' class=\"latex\" alt=\"数学公式\" src=\"http://www_php168_com/91files/2016060701/szdj0kt30rl.png\">=0.8mol；
根据电荷守恒可知，金属提供的电子的物质的量等于氢氧根的物质的量为0.8mol，
根据电子转移守恒，生成的氢气n（H2）=600)makesmallpic(this,600,1800);\' class=\"latex\" alt=\"数学公式\" src=\"http://www_php168_com/91files/2016060701/b142g4qbmuk.png\">=0.4mol．
故选A．
点评：本题考查了镁铝及其化合物的性质、混合计算，关键判断沉淀的成分，即确定铝元素的存在形式，采用常规法解题，有关的反应方程式较多计算量大，不易解出答案；本题用溶液中阴阳离子所带电荷相等，判断溶质的成分，进而判断沉淀成分，再根据守恒计算．
本题难度：困难
5、选择题 关于碳酸盐与碳酸氢盐的说法正确的是
A.热稳定性：Ca(HCO3)2> CaCO3
B.常温时的溶解度：NaHCO3< Na2CO3
C.等浓度时溶液的pH：KHCO3> K2CO3
D.等质量时与酸反应耗酸量：KHCO3＝CaCO3
参考答案：B
本题解析：A项： CaCO3难溶，Ca(HCO3)2可溶；C项：越弱越水解，等浓度时 K2CO3溶液的碱性强；D项：两者的分子量均为100，但耗酸量不同；
本题难度：困难