时间:2018-03-17 06:44:35
1、计算题 （8分）将Na2CO3和NaHCO3混合物19g，充分加热后，收集到1.12L(标准状况)CO2，冷却后将剩余固体溶于水中，配制成300ml溶液。求：
(1)原混合物中NaHCO3的质量。
(2)所配制的溶液的物质的量浓度
参考答案：（1） 8.4g?（2） 0.5mol/L
本题解析：（1）? 2NaHCO3
Na2CO3+CO2↑+H2O
2×84? 1? 22.4L
x? y? 1.12L
x=8.4g? y=0.05mol
（2）m(Na2CO3)=19g-8.4g=10.6g，所以n(Na2CO3)=
+0.05mol=0.15mol，因此c(Na2CO3)=
点评：本题简单，利用方程式来进行计算。
本题难度：一般
2、选择题 用NA表示阿伏加德罗常数的值。下列叙述中一定正确的是（ ）
A．一定条件下4.6 g Na完全与O2反应生成7.2 g产物,失去的电子数为0.2NA
B．50 mL 18.4 mol/L浓硫酸与足量铜加热反应,生成SO2的分子数为0.46NA
C．一定条件下某密闭容器盛有0.1 mol N2和0.3 mol H2,充分反应后转移电子数为0.6NA
D．电解1 L NaCl溶液至c（OH-）="0.2" mol/L,转移电子数为0.4NA
参考答案：A
本题解析：一定条件下4.6 g Na完全与O2反应,不论产物是什么,均有Na
Na+～e-,故4.6 g Na（即0.2 mol Na）反应失去电子数为0.2NA,A项正确;根据反应:Cu+2H2SO4（浓）
CuSO4+SO2↑+2H2O可求得n（SO4）=
×0.05×18.4 mol="0.46" mol,但随着反应的进行,浓H2SO4变稀则不再反应,故实际生成的SO2的分子数小于0.46NA,B项错误;合成氨为可逆反应,故转移电子数小于0.6NA,C项错误;即使电解前后溶液的体积不变,据反应2NaCl+2H2O
2NaOH+Cl2↑+H2↑～2 e-可求得转移的电子的物质的量为0.2 mol,故转移电子数为0.2NA,D项错误。
本题难度：一般
3、选择题 将Mg、Cu组成的2.64g混合物投入适量稀稍酸中恰好完全反应，并收集还原产物气体NO（还原产物只有一种）。然后向反应后的溶液中加入一定浓度的氢氧化钠溶液，使金属恰好沉淀完全，此时生成沉淀的质量为4.68g，则反应过程中收集到NO气体（标况下）体积为?（?）
A．8.96L
B．4.48L
C．0.896L
D．0.448L
参考答案：C
本题解析：根据题意可知金属的质量为2.64g，金属氢氧化物的质量为4.68g，可求出OH-的质量为2.04g，金属失1mol电子就结合1molOH-，因此OH-的量就是失电子的量，所以反应中失电子
，1molNO生成得3mol电子，根据得失电子数相等可求得NO的量为0.04mol，所以标准状况下，NO的体积为0.896L。答案选C。
点评：本题的关键就是找到金属结合OH-的量与转移电子数的关系。
本题难度：简单
4、选择题 下列情况会导致所配氢氧化钠溶液浓度偏高的是
A．仰视定容
B．配制过程中，未用蒸馏水洗涤烧杯和玻璃棒
C．溶解氢氧化钠过程中，未冷却就转移
D．容量瓶使用前有少量蒸馏水
参考答案：C
本题解析：A、配制溶液时仰视定容，使所配溶液的体积偏大，浓度偏低，错误；B、未用蒸馏水洗涤烧杯和玻璃棒，则会导致溶质的物质的量减少，所以溶液的浓度偏低，错误；C、氢氧化钠溶于水放热，未冷却就移液，则完全冷却后的体积减小，所以溶液的浓度偏高，正确；D、在配制过程中需直接向容量瓶内加蒸馏水，所以容量瓶内有少量蒸馏水，对结果无影响，错误，答案选C。
考点：考查溶液配制过程中的误差分析
本题难度：一般
5、选择题 20 g氢氧化钠固体溶于水，配制500mL溶液，该溶液的物质的量浓度为
[? ]
A、1.0mol/L
B、0.5mol/L
C、20mol/L
D、0.04mol/L
参考答案：A
本题解析：
本题难度：简单