时间:2017-09-24 01:09:20
1、选择题 下列各项说法中，不正确的是? （? ）
A．甲是向溴水通入SO2气体时，pH与SO2物质的量的关系图
B．乙是向c(H+)相同的醋酸和盐酸滴入水时，c(H+)与水体积的关系图
C．常温常压下，将2b mol CO2气体通入1L bmol·L-1的NaOH溶液中，随着CO2气体的通入，溶液中由水电离出的c（H＋）有如丙图变化关系
D．向硝酸钠溶液中滴加稀盐酸得到的pH＝5的混合溶液中：c(Na＋)＞c(NO3－)
参考答案：D
本题解析：A、溴水与二氧化硫反应生成溴化氢和硫酸，pH降低，A正确；B、盐酸是强酸，醋酸是弱酸，存在电离平衡，稀释促进电离，所以稀释相同的倍数时盐酸的pH变化大，B正确；C、二氧化碳与氢氧化钠反应生成碳酸钠，二氧化碳过量又生成碳酸氢钠。根据数量关系可知，最终得到的是碳酸氢钠和碳酸的混合液。氢氧化钠是强碱，抑制水的电离，而碳酸钠、碳酸氢钠均水解促进水的电离，但碳酸氢钠的水解程度小于碳酸钠的水解程度，因此图像不符合，C不正确；D、向硝酸钠溶液中滴加稀盐酸得到的pH＝5的混合溶液中根据电荷守恒可知c(Na＋)+ c(H＋)＝c(OH－)+ c(Cl－)+＞c(NO3－)，c(H＋)＝c(Cl－)，所以溶液中：c(Na＋)＞c(NO3－)，D正确，答案选D。
本题难度：一般
2、选择题 在体积均为1L，pH均等于2的盐酸和醋酸溶液，分别投入0.23g Na，则下图中比较符合反应事实的曲线是（?）
参考答案：B
本题解析：pH均等于2的盐酸和醋酸溶液，起始氢离子浓度相同，但醋酸为弱酸，醋酸的浓度远大于盐酸的浓度，与等量的Na反应时，醋酸的电离平衡正向移动，醋酸中氢离子浓度大于盐酸中氢离子浓度，醋酸反应速率快；由题给数据结合反应方程式判断，醋酸远过量，盐酸恰好反应。A、醋酸与Na反应生成醋酸钠溶液，因醋酸根离子水解显碱性，但醋酸远过量，反应后溶液显酸性，溶液的pH＜7，盐酸与Na恰好完全反应生成氯化钠，则反应后溶液的pH=7，错误；B、因盐酸与Na恰好完全反应，则反应后溶液的pH=7，醋酸与Na反应生成醋酸钠溶液，但醋酸远过量，溶液显酸性，所以溶液的pH＜7，正确；C、因Na的质量相同，则与盐酸恰好完全反应，醋酸过量，生成氢气相同，错误；D、因Na的质量相同，则与盐酸恰好完全反应，醋酸过量，生成氢气相同，且醋酸中氢离子浓度大于盐酸中氢离子浓度，则醋酸中反应速率快，错误。
本题难度：一般
3、选择题 超酸是指酸性比普通无机酸强l06～1010倍的酸，魔酸(HSO3F-SbF5)是已知超酸中最强的，许多物质如
H2SO4在魔酸中可获得质子。则硫酸溶于魔酸中所表现出的这种性质是
[? ]
A．碱性
B．酸性
C．还原性
D．氧化性
参考答案：A
本题解析：
本题难度：一般
4、简答题 Ⅰ．已知氢氟酸、醋酸、氢氰酸（HCN）、碳酸在室温下的电离常数分别为：
| ① | HF | Ka=6.8×10-4mol?L-1 ② CH3COOH Ka=1.7×10-5mol?L-1 ③ HCN Ka=6.2×10-10mol?L-1 ④ H2CO3 Ka1=4.4×10-7mol?L-1 Ka2=4.7×10-11mol?L-1 |
参考答案：Ⅰ．（1）四种酸中HF的电离平衡常数最大，则HF酸最强，HCN的电离平衡常数最小，则HCN酸性最弱，
故答案为：HF；HCN；
（2）碳酸为二元弱酸，分步电离，以第一步电离为主，电离方程式为H2CO3?HCO3-+H+、HCO3-?CO32-+H+，
故答案为：H2CO3?HCO3-+H+；HCO3-?CO32-+H+；
（3）酸性强弱HF＞H2CO3＞HCN＞HCO3-，可发生反应生成NaF和CO2，反应的方程式为2HF+Na2CO3═2NaF+H2O+CO2↑，足量的CO2通入NaCN溶液中，发生的反应方程式为NaCN+H2O+CO2═HCN+NaHCO3，
故答案为：2HF+Na2CO3═2NaF+H2O+CO2↑；NaCN+H2O+CO2═HCN+NaHCO3；
Ⅱ．（1）加水稀释促进一水合氨电离，加入浓氨水，一水合氨浓度增大平衡正向移动，加入浓硫酸，和氢氧根离子反应促进一水合氨电离，所以促进一水合氨电离的是ABD；
加入少量氢氧化钠，c（OH-）增大抑制一水合氨电离，加入少量氯化铵，c（NH4+）增大，抑制一水合氨电离，所以抑制一水合氨电离的是CE；
故答案为：ABD；CE；
（2）向溶液中加入浓氨水，促进一水合氨电离，溶液中c（NH4+）、c（OH-）都增大；
向溶液中加入水，促进一水合氨电离，但铵根离子或氢氧根离子增大的倍数小于溶液体积增大的倍数，所以c（NH4+）、c（OH-）都减小；
故答案为：A；B；
（3）向溶液中加入氯化铵，铵根离子浓度增大抑制一水合氨电离，则氢氧根离子浓度减小；向溶液中加入氢氧化钠固体，溶液中氢氧根离子浓度增大抑制一水合氨电离，则铵根离子浓度减小，
故答案为：E；C．
本题解析：
本题难度：简单
5、选择题 常温下，向l00mL 0.01mol/L HA的溶液中逐滴加入0.02mol/L MOH溶液，如图所示，曲线表示混合溶液的pH变化情况（溶液体积变化忽略不计）。下列说法中不正确的是
A．HA为一元强酸
B．N点水的电离程度小于K点水的电离程度
C．随着MOH溶液的滴加，比值
不变
D．若K点对应的溶液的pH＝10，则有c(MOH)+c(OH-)－c(H+)＝0.005mol/L
参考答案：B
本题解析：0.01mol?L-1 HA溶液中pH=2，则HA是强酸，N点时溶液呈中性，MOH的物质的量大于HA的物质的量，说明MOH是弱碱，酸或碱性溶液抑制水电离，含有弱根离子的盐促进水电离，根据物料守恒计算K点c（MOH）和c（M+）的和。A、0.01mol?L-1 HA溶液中pH=2，则HA是强酸，故A正确；B、N点溶液呈中性，K点溶液呈碱性，碱性溶液抑制水电离，所以N点水的电离程度大于K点水的电离程度，故B错误；C、N点时溶液呈中性，MOH的物质的量大于HA的物质的量，说明MOH是弱碱，温度不变，则弱碱的电离常数不变，因此，C正确；D、在K点时混合溶液体积是碱溶液的2倍，根据物料守恒结合溶液体积变化知，c（MOH）+c（M+）＝0.01mol?L-1，根据电荷守恒得c（M+）+c（H+）=c（OH-）+c（A-），c（MOH）+c（OH-）-c（H+）=c（M+）-c（A-）+c（MOH）＝0.01mol?L-1-0.005mol?L-1＝0.005mol?L-1，故D正确，故选D。
本题难度：一般