时间:2017-08-07 16:17:07
1、选择题 如图所示，电源E的内阻不计，其中A为理想电流表，V1、V2为理想电压表，R1、R2、R3为定值电阻．开始时S是断开的，当闭合开关S时，各电表的示数变化情况正确的是(? )
A．电压表V1的示数变小
B．电压表V2的示数变小
C．电流表A的示数变大
D．电流表A的示数变小
参考答案：BC
本题解析：据题意，当电键闭合后，电阻R2、R3并联，则总电阻减小，干路电流增加，电流表示数变大，C选项正确D选项错误；由于不计电源内阻，则有
,即电压表V1的示数不变，A选项错误；并联部分电阻减小，则据：
由于电流增加，R1上的电压增加而V2示数减小，故B选项正确。
本题难度：一般
2、选择题 为了儿童安全，布绒玩具必须检测其中是否存在金属断针，可以先将玩具放置强磁场中，若其中有断针，则断针被磁化，用磁报警装置可以检测到断针的存在．如图所示是磁报警装置中的一部分电路示意图，其中RB是磁敏传感器，它的电阻随断针的出现而减小，a、b接报警器，当传感器RB所在处出现断针时，电流表的电流I、ab两端的电压U将（ ）
A．I变大，U变大
B．I变小，U变小
C．I变大，U变小
D．I变小，U变大
参考答案：发现断针时，磁敏电阻的阻值减小，则总阻值减小，由闭合电路的欧姆定律可知，电路中电流增大，内电压增大，故路端电压减小，电压表的示数减小；
因电流增大，R1两端的电压增大，则并联电路两端的电压减小，故流过R3的电流减小，由并联电路的电流规律可知流过电流表的电流增大，故C正确；
故选C．
本题解析：
本题难度：一般
3、选择题 如图所示，把两个电源的U—I关系曲线取相同的坐标，画在同一坐标系中，由图像可得出的正确结论是(? )
A．Ｅ１＝Ｅ２，内电阻ｒ１＞ｒ２
B．Ｅ１＝Ｅ２，发生短路时Ｉ１＞Ｉ２
C．Ｅ１＜Ｅ２，内电阻ｒ１＞ｒ２
D．Ｅ１＜Ｅ２，发生短路时Ｉ１＞Ｉ２
参考答案：B
本题解析：由闭合电路欧姆定律可知U=E-Ir, U—I关系曲线上的纵截距表示E,横截距表示I短,斜率表示r。
本题难度：简单
4、简答题 半径为a的圆形区域内有均匀磁场，磁感强度为B=0.3T，磁场方向垂直纸面向里，半径为b的金属圆环与磁场同心放置，磁场与环面垂直，其中a=0.2m，b=0.4m，金属环上分别接有灯L1、L2，两灯的电阻均为R=1Ω，一金属棒MN与金属环接触良好，棒单位长度的电阻R0=0.5Ω/m，金属环的电阻忽略不计．求：
（1）若棒以v0=3m/s的速率在环上向右匀速滑动，求棒滑过圆环直径OO’的瞬时（如图所示）MN中的电动势和流过灯L1的电流；
（2）撤去中间的金属棒MN，将右面的半圆环OL2O′以OO′为轴逆时针向上翻转90°，若此时磁场随时间均匀变化，其变化率为
| △B △t |
s |
参考答案：（1）MN中的电动势为ε1=B?2av=0.3×0.4×3V=0 .36V，
流过灯L1的电流为? I1=ε12(R外+r)=0.362(0.5+0.5×0.8)=0.2A
（2）根据法拉第电磁感应定律得：
对于左边半圆有 ε2=△Φ△t=0.5×πa2×△B△t=0.16V
P1=（ε2R外）2R1=（0.162）2×1W=6.4×10-3W
（3）将右面的半圆环OL2O′以OO′为轴顺时针匀速翻转90°，穿过圆环的磁通量先增加后不变，圆环中先30°范围内产生感生电动势，在30°～90°的过程中没有感生电动势产生，则从竖直位置开始转动至30°的过程中灯的亮度逐渐变暗，在30°～90°的过程中灯的亮度不变
答：
（1）棒滑过圆环直径OO’的瞬时（如图所示）MN中的电动势是0.36V，流过灯L1的电流是0.2A；
（2）L1的功率是6.4×10-3W．
（3）从竖直位置开始转动至30°的过程中灯的亮度逐渐变暗，在30°～90°的过程中灯的亮度不变．
本题解析：
本题难度：一般
5、选择题 在如下图电路中，E、r为电源电动势和内阻，R1?和 R3为定值电阻，R2为滑动变阻器，R2的滑动触点在a端时合上开关S，此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U。现将R2的滑动触点向b端移动，则三个电表示数的变化情况是 （?）?
?
A．I1增大，I2不变，U增大
B．I1减小，I2增大，U减小
C．I1增大，I2减小，U增大
D．I1减小，I2不变，U减小
参考答案：B
本题解析：滑动触点向b端移动，
接入电路电阻减小，闭合电路总电阻减小，通过电源的电流增大，据
可知路端电压变小，U减小；由
可知
两端的电压增大，据
得
减小，
减小；由
可得
增大。
故选B
点评：动态问题分析思路总体来说是按照先部分后整体再部分的顺序，要充分利用电路中不变部分的电阻不变的特点，间接地讨论电路变化部分．还要注意电源是有内阻的。
本题难度：一般