时间:2017-11-05 17:04:47
1、计算题 （10分）一台小型电动机在3 V电压下工作，用此电动机提升所受重力为4 N的物体时，通过它的电流是0.2 A．在30 s内可使该物体被匀速提升3 m．若不计除电动机线圈生热之外的能量损失，求：
(1)电动机的输入功率；
(2)在提升重物的30 s内，电动机线圈所产生的热量；
(3)线圈的电阻．
参考答案：(1)0.6 W (2)6 J (3)5 Ω
本题解析：(1)电动机的输入功率P入＝UI＝0.2×3 W＝0.6 W.
(2)电动机提升重物的机械功率P机＝Fv＝(4×3/30) W＝0.4 W.
根据能量关系P入＝P机＋PQ，得生热的功率PQ＝P入－P机＝(0.6－0.4)W＝0.2 W.
所生热量Q＝PQt＝0.2×30 J＝6 J.
(3)根据焦耳定律Q＝I2Rt，得线圈电阻R＝
＝
Ω＝5 Ω.
点评：对于电动机，由于消耗的电能转化为机械能和焦耳热，由能量守恒定律可知部分电路欧姆定律不再使用，这是学生易错的地方
本题难度：一般
2、计算题 在如图所示的电路中，R1=2Ω，R2=R3=4Ω，当电键K接a时，R2上消耗的电功率为4 W，当电键K接b时，电压表示数为4.5 V，试求：
（1）电键K接a时，通过电源的电流和电源两端的电压；
（2）电源的电动势和内电阻；
（2）当电键K接c时，通过R2的电流。 
参考答案：解：（1）K接a时，R1被短路，外电阻为R2，根据电功率公式可得
通过电源电流
A
电源两端电压
V
（2）K接a时，有E=U1+I1r=4+r ①
K接b时，R1和R2串联，R′外=R1+R2=6 Ω
通过电源电流I2=
A
这时有：E=U2+I2r=4.5+0.75 r ②
解①②式得：E=6 V，r=2 Ω
（3）当K接c时，R总=R1+r+R23=6 Ω
总电流I3=E/R总=1 A
通过R2电流I＇=
I3=0.5 A
本题解析：
本题难度：困难
3、选择题 如图所示，电源内阻不可忽略，R1为半导体热敏电阻，它的电阻随温度的升高而减小，R2为锰铜合金制成的可变电阻．当发现灯泡L的亮度逐渐变暗时，可能的原因是（ ）
A．R1的温度逐渐降低
B．R1的温度逐渐升高
C．R2的阻值逐渐增大
D．R2的阻值逐渐减小
参考答案：A、当R1的温度逐渐降低时，电阻增大，所以总电阻增大，总电流就减小，电源内阻所占电压减小，并联部分电压增大，所以通过R2的电流变大，而总电流就减小，所以通过灯泡的电流减小，故A正确，B错误；
C、当R2的阻值逐渐增大时，总电阻增大，总电流就减小，电源内阻所占电压减小，并联部分电压增大，所以通过灯泡L的电流就增大，反之，若R2的阻值逐渐减小，则通过灯泡L的电流减小，故C错误，D正确．
故选AD
本题解析：
本题难度：一般
4、选择题 下列说法正确的是（ ）
A．伽利略在探究物体下落规律的过程中用到的科学方法是：提出问题、猜想、数学推理、实验验证、合理外推、得出结论
B．牛顿第一定律是牛顿第二定律的特例情况
C．牛顿在寻找万有引力的过程中，他没有利用牛顿第二定律，但他利用了牛顿第三定律和开普勒第三定律
D．在闭合电路中存在恒定电场，它的基本性质与静电场不同
参考答案：A、伽利略在探究物体下落规律的过程中用到的科学方法是：提出问题、猜想、数学推理、实验验证、合理外推、得出结论，故A正确
B、牛顿第一定律指出，物体“不受外力”作用时的运动状态，或者是静止不动，或者是做匀速直线运动．牛顿第二定律：物体的加速度跟物体所受的合外力F成正比，跟物体的质量成反比，加速度的方向跟合外力的方向相同．故B错误
C、牛顿在寻找万有引力的过程中，他利用了牛顿第二定律，牛顿第三定律和开普勒第三定律，故C错误
D、稳定分布的电荷所产生的稳定的电场叫恒定电场，它的基本性质与静电场相同，故D错误
故选A．
本题解析：
本题难度：简单
5、填空题 在“测绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，某同学根据测得的数据，画出了如图所示的I-U图象. 从图象中可以看出：当小灯泡两端的电压为U1时，通过灯丝的电流为I1，则此时灯丝的电阻为?；小灯泡两端的电压从U1增大到U2的过程中，随着电压的增大，灯丝的电阻?（选填“增大”、“减小”或“不变”） 
参考答案：
?增大
本题解析：根据
可知，当小灯泡两端的电压为U1时，通过灯丝的电流为I1时，灯丝的电阻为；小灯泡两端的电压从U1增大到U2的过程中，电压升高相同时，电流增加的越来越小，说明电阻越来越大，因此灯丝的电阻增大
本题难度：一般